Tin nhắn: 26
Nội dung: Esperanto
Miland (Xem thông tin cá nhân) 21:08:12 Ngày 12 tháng 8 năm 2011
Solulo:.. 27 + 2 ..Jen la eraro. La $2 estas parto de la $27, ne aldonaj. Pro tio, la kelnero prenas $2, kaj $25 pagiĝas al la restoracio.
Solulo (Xem thông tin cá nhân) 21:47:30 Ngày 12 tháng 8 năm 2011
Miland:Solulo:.. 27 + 2 ..Jen la eraro. La $2 estas parto de la $27, ne aldonaj. Pro tio, la kelnero prenas $2, kaj $25 pagiĝas al la restoracio.
Kiam mi havas sendormajn noktojn mi ofte pensas pri tio. Tio kio mi scias estas ke mi elspezis 9$. Ni kune 27$. La kelnero ricevis 2$ . Mi senĉese pensas pri la 1$.Tio estas bona rimedo por ĉiuj kiuj suferas je sendormeco. Do, tri amikoj iris al la restoracio. Ĉiu el ili havis...........
...ronkado, ronkado, ronkado.....
Miland (Xem thông tin cá nhân) 11:48:13 Ngày 13 tháng 8 năm 2011
Ĵetkubo estas ĵetita kvarfoje, sendepende. Imagu ke la supraj numeroj estas a, b, c kaj d. Kalkulu la probablecon, ke
w^a + w^b + w^c + w^d = 1.
Feliĉan dormon!
Lom (Xem thông tin cá nhân) 13:48:43 Ngày 13 tháng 8 năm 2011
Aŭ nombru la ĵetkubojn.
Sxak (Xem thông tin cá nhân) 14:05:51 Ngày 13 tháng 8 năm 2011
Miland:Nu, se vi bezonas logikan dormigilon, jen alia problemo por vi pripensi:Se mi ne eraras, la kvanto de vojoj de 0 al 1 estas 10
Ĵetkubo estas ĵetita kvarfoje, sendepende. Imagu ke la supraj numeroj estas a, b, c kaj d. Kalkulu la probablecon, ke
w^a + w^b + w^c + w^d = 1.
Feliĉan dormon!
do la respondo estas 10/81
Se dmi povis erari pri la kbvanto de vojoj.
Miland (Xem thông tin cá nhân) 14:13:24 Ngày 13 tháng 8 năm 2011
Ŝak:Se mi ne eraras, la kvanto de vojoj de 0 al 1 estas 10Bedaŭrinde, tio ne estas mia solvo.
do la respondo estas 10/81
Se dmi povis erari pri la kbvanto de vojoj.
Strange, ke la numeratoro de via frakcio havas 5 kiel faktoron!
Sxak (Xem thông tin cá nhân) 23:52:47 Ngày 13 tháng 8 năm 2011
Miland (Xem thông tin cá nhân) 12:38:27 Ngày 14 tháng 8 năm 2011
★
Jen alia solvo, eble iom pli simila al via metodo por la unua problemo: estas 6 manieroj elekti 2 el la 4 numeroj, kiu devas esti '1' (t.e. 3 aŭ 6), kaj la aliaj estu 'W' kaj 'W2' po unu, en iu ajn ordo. La probableco elekti du '1' estas 1/9, dum tio de unu 'W' kaj unu 'W2' estas 2/9 (ĉar iu ajn povas esti la unua). La tuta probableco do estas 6 * 1/9 * 2/9 = 4/27.
Miland (Xem thông tin cá nhân) 08:22:23 Ngày 15 tháng 8 năm 2011
Lom:Faru ĝin rekte por "n" ĵetkuboj ĵetitaj...Jen generaligita versio de la problemo, en du partoj.
(a) Ĵetkubo estas ĵtita sesfoje. La supra numeroj estas A1, A2,..., A6. Se w estas kompleksa kuba radiko de 1, kalkulu la probablecon de w^A1 + w^A2 + ... + w^A6 = 0.
(b) Ĵetkubo estas ĵtita (3*k)-foje. La supra numeroj estas A1, A2,..., Am, kie m = 3k. Se w estas kompleksa kuba radiko de 1, kalkulu la probablecon de w^A1 + w^A2 + ... + w^Am = 0.
Sxak (Xem thông tin cá nhân) 13:43:56 Ngày 15 tháng 8 năm 2011
Miland:Tio aspektas por mi iom stranga, sed mi ne vidas aliajn valorojn por w^Ai, ol 3 unuojn, 3 w-ojn kaj 3 w^2-ojn, do la respondo estas
(b) Ĵetkubo estas ĵtita (3*k)-foje. La supra numeroj estas A1, A2,..., Am, kie m = 3k. Se w estas kompleksa kuba radiko de 1, kalkulu la probablecon de w^A1 + w^A2 + ... + w^Am = 0.
(3k)!/((k!)^3*3^(3k))
Ĉu estas vere, ke ĉiu ebla nombro por sum(w^Ai) povas esti ricevata nur solamaniere?
Kiam mi vidis tiun enigmon la unuan fojon, mi estis certa, ke ne, sed nun...